Merrni një qasje me kosto të ulët në TINACloud për të redaktuar shembujt ose për të krijuar qarqet tuaja
Tashmë kemi parë që një qark AC mund (me një frekuencë) të zëvendësohet nga një qark ekuivalent Thévenin ose Norton. Bazuar në këtë teknikë, dhe me Teorema maksimale e transferimit të energjisë për qarqet DC, ne mund të përcaktojmë kushtet që një ngarkesë AC të thithë fuqinë maksimale në një qark AC. Për një qark AC, si rezistenca Thévenin ashtu edhe ngarkesa mund të kenë një përbërës reagues. Megjithëse këto reaksione nuk thithin ndonjë fuqi mesatare, ato do të kufizojnë rrymën e qarkut, përveç nëse reaktanca e ngarkesës anullon reaktivitetin e rezistencës Thévenin. Si pasojë, për transferimin maksimal të energjisë, reaksionet Thévenin dhe ngarkesa duhet të jenë të barabarta në madhësi, por të kundërta në shenjë; për më tepër, pjesët rezistente - sipas teoremës DC të fuqisë maksimale - duhet të jenë të barabarta. Me fjalë të tjera, impedanca e ngarkesës duhet të jetë lidhja e rezistencës ekuivalente Thévenin. I njëjti rregull vlen për pranimet e ngarkesës dhe të Nortonit.
RL= Re {ZTh} dhe XL = - Im {ZTh}
Fuqia maksimale në këtë rast:
Pmax =
Ku V2Th edhe une2N përfaqësojnë sheshin e vlerave sinusale të pikut.
Ne do të ilustrojmë më tej teoremen me disa shembuj.
Shembull 1
R1 = 5 kohm, L = 2 H, vS(t) = 100V cos wt, w = 1 krad / s.
a) Gjeni C dhe R2 në mënyrë që fuqia mesatare e R2-C dy pole do të jenë maksimale
b) Gjej fuqinë mesatare maksimale dhe fuqinë reaktive në këtë rast.
c) Gjej v (t) në këtë rast.
Zgjidhja nga teorema duke përdorur V, mA, mW, kohm, mS, krad / s, ms, H, m Njësitë F: v
a.) Rrjeti është tashmë në formën e Thévenin, kështu që ne mund të përdorim formën e konjuguar dhe të përcaktojmë komponentët realë dhe imagjinarë të ZTh:
R2 = R1 = 5 kohm; wL = 1 /w C = 2 ® C = 1 /w2L = 0.5 mF = 500 nF.
b). Fuqia mesatare:
Pmax = V2/ (4 * R1) = 1002/ (2 * 4 * 5) = 250 mW
Fuqia reaktive: së pari rryma:
I = V / (R1 + R2 + j (wL - 1 /wC)) = 100 / 10 = 10 mA
Q = - Unë2/ 2 * XC = - 50 * 2 = - 100 mvarc). Tensioni i ngarkesës në rastin e transferimit maksimal të energjisë:
VL = I * (R2 + 1 / (j w C) = 10 * (5-j / (1 * 0.5)) =50 - j 20 = 53.852 e -j 21.8° V
dhe funksioni i kohës: v (t) = 53.853 cos (wt - 21.8°) V
V: = 100;
om: = 1000;
{a. /} R2b: = R1;
C2: = 1 / sqr (om) / L;
C2 = [500n]
{b. /} I2: = V / (R1 + R2b);
P2m: = sqr (abs (I2)) * R2b / 2;
Q2m: = - sqr (abs (I2)) / om / C2 / 2;
P2m = [250m]
Q2m = [- 100m]
{c./} V2:=V*(R2b+1/j/om/C2)/(R1+R2b);
abs (V2) = [53.8516]
importo cmath si c
#Le të thjeshtojmë printimin e kompleksit
#numrat për transparencë më të madhe:
cp= lambda Z : "{:.8f}".format(Z)
V = 100
om=1000
#a./
R2b=R1
C2=1/om**2/L
print(“C2=”,cp(C2))
#b./
I2=V/(R1+R2b)
P2m=abs(I2)**2*R2b/2
Q2m=-abs(I2)**2/om/C2/2
print(“P2m=”,cp(P2m))
print(“Q2m=”,cp(Q2m))
#c./
V2=V*(R2b+1/1j/om/C2)/(R1+R2b)
print("abs(V2)=",cp(abs(V2)))
Shembull 2
vS(t) = 1V cos w t, f = 50 Hz,
R1 = 100 ohm, R2 = 200 ohm, R = 250 ohm, C = 40 uF, L = 0.5 H.
a.) Gjeni fuqinë në ngarkesën RL
b.) Gjeni R dhe L në mënyrë që fuqia mesatare e dy poleve të RL të jetë maksimale.
Së pari duhet të gjejmë gjeneratorin Thévenin të cilin do ta zëvendësojmë për qarkun në të majtë të nyjeve të ngarkesës RL.
Hapat:
1. Hiqni ngarkesën RL dhe zëvendësoni një qark të hapur për të
2. Matni (ose llogaritni) tensionin e qarkut të hapur
3. Zëvendësoni burimin e tensionit me një qark të shkurtër (ose zëvendësoni burimet aktuale me qarqe të hapur)
4. Gjeni rezistencën ekuivalente
Përdorni V, mA, kohm, krad / s, mF, H, njësi ms!
Dhe më në fund qarku i thjeshtëzuar:
Zgjidhja për energji: I = VTh /(ZTh + R + j w L) = 0.511 / (39.17 + 250 - j 32.82 + j 314 * 0.5)
½I½= 1.62 mA P = ½I½2 * R / 2 = 0.329 mWNe gjejmë fuqinë maksimale nëse
Fuqia maksimale:
Imax = 0.511 / (2 * 39.17) = 6.52 mA dhe
Vs: = 1;
om: = 100 * pi;
va:=Vs*replus(replus(R2,(1/j/om/C)),(R+j*om*L))/(R1+replus(replus(R2,(1/j/om/C)),(R+j*om*L)));
abs (Va) = [479.3901m]
PR: = sqr (abs (Va / (R + j * om * L))) * R / 2;
QL: = sqr (abs (VA / (R + j * om * L))) * om * L / 2;
PR = [329.5346u]
QL = [207.0527u]
{b. /} Zb: = (replus (replus (R1, R2), 1 / j / om / C));
abs (ZB) = [51.1034]
VT: = vs * replus (R2,1 / j / om / C) / (R1 + replus (R2,1 / j / om / C));
VT = [391.7332m-328.1776m * j]
abs (VT) = [511.0337m]
R2b: = Re (ZB);
Lb: = - Im (ZB) / om;
Lb = [104.4622m]
R2b = [39.1733]
importo cmath si c
#Le të thjeshtojmë printimin e kompleksit
#numrat për transparencë më të madhe:
cp= lambda Z : "{:.8f}".format(Z)
#Përcaktoni replus duke përdorur lambda:
Replus= lambda R1, R2: R1*R2/(R1+R2)
Vs=1
om=100*c.pi
va=Vs*Replus(Replus(R2,1/1j/om/C),R+1j*om*L)/(R1+Replus(Replus(R2,1/1j/om/C),R+1j*om*L))
print("abs(va)=",cp(abs(va)))
PR=abs(va/(R+1j*om*L))**2*R/2
QL=abs(va/(R+1j*om*L))**2*om*L/2
print(“PR=”,cp(PR))
print("QL=",cp(QL))
#b./
Zb=Replus(Replus(R1,R2),1/1j/om/C)
print("abs(Zb)=",abs(Zb))
VT=Vs*Replus(R2,1/1j/om/C)/(R1+Replus(R2,1/1j/om/C))
print(“VT=”,cp(VT))
print("abs(VT)=",cp(abs(VT)))
R2b=Zb.reale
Lb=-Zb.imag/om
print(“Lb=”,cp(Lb))
print(“R2b=”,cp(R2b))
Këtu kemi përdorur funksionin special të TINA-s replus për të gjetur ekuivalentin paralel të dy pengesave.